Vegyes feladatok: VF_001252
(Feladat azonosítója: VF_001252 )
Témakör: *Algebra

Tekintsük a következő {cn} sorozatot

(1) c1=a1+a2+...+a8c2=a12+a22+...+a82cn=a1n+a2n+...+a8n

ahol a1,a2,...,a8 olyan valós számokat jelentenek, melyek nem mind egyenlők nullával. Tudjuk, hogy a {cn} sorozat végtelen sok tagja nullával egyenlő. Állapítsuk meg az összes olyan n számot, melyre cn=0.



 

Vizsgáljuk meg az (1) alatti {cn} sorozatot. A feltétel szerint ai-k olyan valós számokat jelentenek, melyek nem mind egyenlők nullával. Ezek szerint

max|ai|>0.

Két részre bontjuk a megoldást: a) ha n páros, b) ha n páratlan. Vizsgáljuk meg a két esetet külön-külön. a) Ha n páros, akkor cn=0 nem lehetséges.

n=2k(k=1,2,...),

ekkor

c2k=a12k+a22k+...+a82k.
c2k=(a1k)2+(a2k)2+...+(a8k)2.

c2k>0, hiszen az összeg tagjai négyzetszámok, ezekről tudjuk, hogy nem negatívak, és van az ai-k között legalább egy, melyre |ai|>0. b) Ha n páratlan, a feltételeknek megfelelő sorozatot kapunk, ha a 8 szám 4 olyan számpárból áll, ahol az egy párban levő számok összege 0. Megmutatjuk, hogy csak ebben az esetben kapunk megfelelő cn sorozatot, máskülönben nem lenne végtelen sok tagja nulla. Ehhez cn-et alulról becsüljük meg:

n=2k+1(k=0,1,2,...)
c2k+1=a12k+1+a22k+1+...+a82k+1.

Az általánosság megszorítása nélkül feltehetjük, hogy a1 maximális abszolút értékű.

c2k+1=a12k+1[1+(a2a1)2k+1+...+(a8a1)2k+1].

Vegyük a kifejezés abszolút értékét:

(2) c2k+1=|a12k+1||1+(a2a1)2k+1+...+(a8a1)2k+1|.

Feltehetjük, hogy az a2 szám az a1-gyel ellentétes előjelű számok közül maximális abszolút értékű. Van a1-gyel ellentétes előjelű szám, hiszen különben |c2k+1|>0 lenne. Az |a1||a2| nyilván fennáll; és

(a2a1)(aia1),(a2a1)2k+1(aia1)2k+1(i=3,4,...,8).

Ezért, ha Extra close brace or missing open brace helyébe Extra close brace or missing open brace-ent írunk a (2) kifejezésbe, a jobb oldal nem növekszik:

(3) |c2k+1||a12k+1||1+7(a2a1)|

teljesül, hacsak

1+7(a2a1)2k+1>0.

Ha |a1|>|a2|, vagyis Extra close brace or missing open brace a fenti feltétel teljesül, ha már az

17>(a2a1)2k+1,

azaz

2k+1>lg17lg(a2a1).

Ez azt jelentené, hogy az előbbi 2k+1 számokra -- (3) miatt -- |c2k+1|>0, és a {cn} sorozatnak nem lenne végtelen sok nullával egyenlő tagja. Az |a1|>|a2| feltétel tehát ellentmondáshoz vezet, ezért a1+a2=0 és a12k+1+a22k+1=0. Ha már a3=a4=...=a8=0, akkor c2k+1=0. Ha van közöttük nullától különböző, akkor az előbbi gondolatmenethez hasonlóan található közöttük olyan ar és as, hogy ar+as=0. És így tovább. Végül is a 8 szám 4 párba szedhető úgy, hogy az egy párban levő számok összege nulla. (A nullával egyező számok között ez a párosítás nyilvánvalóan lehetséges.) Az ai számokat így választva, c2k+1=0 teljesül (k=0,1,2,...), vagyis a cn sorozatnak végtelen sok tagja nullával egyenlő. Tehát az n=2k+1 alakú (páratlan) számokra, és csak ezekre teljesül -- a feladat feltételei mellett -- cn=0.